05.09.2011.

ANALIZA NEDELJE (10)

Anti XV sudoku sa ovonedeljnog Headshrinkera zaslužio je da bude detaljno razrađen. Jedinica i četvorka u trećem redu mogu relativno lako da se nađu, zatim još i tri šestice. Po srednjoj koloni našao sam i dva skrivena para – 27 i 89. Sad, pošto trojka mora na jedno od polja R5C4 ili R6C4, znači da mora i na R8C6 ili R9C6, pa je tako sedmica sigurna na R7C5. Posle toga i skriveni par 89 dobija svoj raspored i polako se puni sredina.

Kasnije je u ovom zadatku nastao problem. Dalje je usledilo nalaženje broja 1 na početku petog reda, a novi skriveni par 58 je u devetoj koloni. Na R7C2 mogu biti samo brojevi 3 i 9, ali devetku isključujem jer u kvadrantu iznad za nju ne bi bilo mesta. To otvara nekoliko narednih koraka, prvo tri trojke, a onda i redosled brojeva 2 i 9 u četvrtoj koloni jer broj 2 u sedmom kvadrantu mora na poslednji red.

Ovde su ispisani svi kandidati, možda ima i neki prekobrojan. Sad treba primeniti sistem eliminacije. Na primer, broj 7 ne može na R2C1 jer bi to uslovilo da 2 i 3 budu zajedno u ovom kvadrantu i tako dalje do poteza koji će biti ključan za konačno rešenje.




Bio je to poslednji nastavak rubrike u ovom ciklusu. Hvala svima koji su učestvovali u analizama. Za sada ne znam kada ću ponovo pokrenuti diskusije o zadacima.

Rules:
Standard sudoku rules apply. The sum of the numbers in two adjacent cells cannot be five or ten.

3 коментара:

Анониман је рекао...

Hvala i na ovome!
A,zašto se ne bi vratio na ono što si radio pre godinu dana?
Možda bi mogao, barem, da objavljuješ tvoje i tuđe zadatke.
petpar 55

Milovan Kovačević је рекао...

Krecem od poslednje slike.

u r2c4 ne moze 4. ostaje 4 u r2c6.
u r4c4 ide 4, a onda je r6c4 1.

par 57 je u r4c6 i r6c6, pa r1c6 mora 9.

sada jedan lep stos:
u levoj gornjoj kocki 3x3 jedinica moze samo na r2c8 i r2c9 - onda tu ne moze devetka.

na istu foru: r4c7 i r4c8 su jedina mesta za keca - tu ne mogu devetke.

ostaje 9 na r2c7.

pred kraj se moze videti da 7 ne moze u r9c9 jer onda 3 gubi sva mesta u
osmoj koloni. ipak, deluje mi da u tom trenutku proba dovodi do resenja brze.

Анониман је рекао...

Nikola, neznam kako si odredio 2 i 9 u C4 da budu tako, a ne obratno, osim ako je u R7C8 1, ali tamo si stavio 1,5 i 7.
Ako je pretpostavka, trebalo bi da se napomene, a ako je konstatacija treba je objasniti. Ja bih ostavio u oba polja 2 i 9.

Ja uzimam treći, tvoj, crtež, zdravo za gotovo, kao i Milovan i nastavljam dalje, ali korigujem malo Milovana. Ima nekih grešaka u ispisivanju, a ne i u logici.
Milovanovo: u r2c4 ne moze 4, ostaje 4 u r2c6,

Moje: pa ne može 1 u R2C7 /zbog zbira 5ica/ nego je u R2C8 ili 9.
Akoje u 8, nema mesta za 9 u drugom redu! Mora 1 na R2C9, a 9 na R2C7!
A otpadaju sve druge /4/ devetke po C7 , i jedinice /2/ po C9.
U R9C9 ostaju samo 6 i 7,

Milovanovo: u r4c4 ide 4, a onda je r6c4 1.
par 57 je u r4c6 i r6c6, /treba r5c6, r6c6 je već zauzeto/ pa r1c6 mora 9.
istu foru: r4c7 i r4c8 su jedina mesta za keca - tu ne mogu devetke. ostaje 9 na r2c7.
u levoj /treba desnoj/ gornjoj kocki 3x3 jedinica moze samo na r2c8 i r2c9 - onda tu ne moze devetka.
na pred kraj se moze videti da 7 ne moze u r9c9 jer onda 3 gubi sva mesta u osmoj koloni. ipak, deluje mi da u tom trenutku proba dovodi do resenja brze.

Posle gornjeg i upisivanjem svih brojeva u lik, pretpostavio sam da je R9C3 7 i dobio rešenje!

Ispostavilo se da je to sudoku rešenje, ali ne i ANTI XV SUDOKU rešenje.

Rešenje u redu u C8, ima susedne brojeve, 8 i 2 , a i u R4 ima 1 i 9 i u R8 3 i 7

Druga pretpostavka.
Prtpostavka da je R9C3 2 /ako nije 7/ i dobio sam tačno rešenje, bez dodatnih pretpostavki!

Petpar 55